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題目大意：給出一個大小為 n * m 的棋盤，規定不能有三個連續的 ' X ' 或三個連續的 ' O ' ，現在可以通過一次操作將 ' X ' 改成 '?O '?或者將 ' O ' 改成 ' X '，請輸出一種修改次數不超過??的構造方法，k 是總棋子數

題目分析：因為不允許有超過三個連續的棋子相連，所以可以將整個棋盤按照 模三取余 劃分，大概是下圖的樣子（圖來自官方題解）

對于模三取余的集合 { 0 , 1 , 2 } 來說，我們只需要任選兩個數字 t1 和 t2，滿足 t1 != t2 且 ，然后將 t1 位置的 X 全部替換成 O，對于 t2 位置同理，可以證明這樣是一定存在解的

補充一句，這樣將方格矩陣圖根據行列劃分成三分圖真的太妙了，和之前做過的按照奇偶劃分為二分圖的一個題類似，由此是不是可以擴展成，將其劃分成 n 分圖呢

代碼：
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//#pragma GCC optimize(2) //#pragma GCC optimize("Ofast","inline","-ffast-math") //#pragma GCC target("avx,sse2,sse3,sse4,mmx") #include<iostream> #include<cstdio> #include<string> #include<ctime> #include<cmath> #include<cstring> #include<algorithm> #include<stack> #include<climits> #include<queue> #include<map> #include<set> #include<sstream> #include<cassert> #include<bitset> using namespace std;typedef long long LL;typedef unsigned long long ull;const int inf=0x3f3f3f3f;const int N=310;char maze[N][N];int cnt[3][2];int main() { #ifndef ONLINE_JUDGE // freopen("data.ans.txt","r",stdin); // freopen("data.out.txt","w",stdout); #endif // ios::sync_with_stdio(false);int w;cin>>w;while(w--){memset(cnt,0,sizeof(cnt));int n,k=0;scanf("%d",&n);for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%s",maze[i]+1);for(int i=1;i<=n;i++)for(int j=1;j<=n;j++){if(maze[i][j]=='.')continue; int pos=(i+j)%3;if(maze[i][j]=='X')cnt[pos][0]++;if(maze[i][j]=='O')cnt[pos][1]++;k++;}for(int t1=0;t1<3;t1++)for(int t2=0;t2<3;t2++){if(t1==t2)continue;if(cnt[t1][0]+cnt[t2][1]<=k/3){for(int i=1;i<=n;i++)for(int j=1;j<=n;j++){if((i+j)%3==t1&&maze[i][j]=='X')maze[i][j]='O';if((i+j)%3==t2&&maze[i][j]=='O')maze[i][j]='X';}goto end;}}end:;for(int i=1;i<=n;i++)puts(maze[i]+1);}return 0; }

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總結

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