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寫了一中午，被自己瓜得無話可說。

cdq的題，然后開始腦補。

寫了第一個版本是考慮一半對另一半的貢獻，貢獻的那一遍維護單調性，沒有考慮查詢的一半的點之間的影響，一直偏大，14pt。

卡掉的數據：

5

1 5

5 4

2 1

3 2

4 3

然后不知道如何腦抽地寫了第二個版本，樹狀數組亂搞，從擋住的地方往上在數組數組里減，然后被重復擋的部分會被多減，一直偏小，31pt

卡掉的數據

5

1 1

4 2

2 3

5 4

5 5

最終屈服于題解，，智商堪憂，，

按x排序，按y分治，考慮下一半對上一半的影響，上一半維護單增的單調棧，相當于知道這個查詢點前一個擋住它的點的位置pos，從該點往后的單減的棧就是答案。

于是下一半維護單減的棧，二分找到其中第一個x大于pos的x的位置，往后的棧大小就是答案。

//Achen #include<algorithm> #include<iostream> #include<cstring> #include<cstdlib> #include<cstdio> #include<vector> #include<queue> #include<ctime> #include<cmath> const int N=2e5+7; typedef long long LL; using namespace std; int n,xx[N],yy[N],q1[N],q2[N],top1,top2; LL ans;template<typename T> void read(T &x) {char ch=getchar(); x=0; T f=1;while(ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9')) ch=getchar();if(ch=='-') f=-1,ch=getchar();for(;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar()) x=x*10+ch-'0'; x*=f; }struct node{int x,y;friend bool operator <(const node&A,const node &B) {return A.x<B.x;} }p[N],tp[N];int ef(int x) {int l=1,r=top1,res=0;while(l<=r) {int mid=((l+r)>>1);if(p[q1[mid]].x>x) res=mid,r=mid-1;else l=mid+1;}if(res!=0) res=top1-res+1;return res; }void cdq(int l,int r) {if(l==r) return; int mid=((l+r)>>1),ql=l-1,qr=mid;top1=top2=0;for(int i=l;i<=r;i++) {if(p[i].y<=mid) {tp[++ql]=p[i];while(top1&&p[q1[top1]].y<p[i].y) top1--;q1[++top1]=i;}else {tp[++qr]=p[i];while(top2&&p[q2[top2]].y>p[i].y) top2--;ans+=ef(p[q2[top2]].x);q2[++top2]=i;}}for(int i=l;i<=r;i++) p[i]=tp[i];cdq(l,mid); cdq(mid+1,r); }#define DEBUG int main() { #ifdef DEBUGfreopen("scarecrows.in","r",stdin);freopen("scarecrows.out","w",stdout); #endifread(n);for(int i=1;i<=n;i++) {read(p[i].x); read(p[i].y);xx[i]=p[i].x;yy[i]=p[i].y;}sort(xx+1,xx+n+1);sort(yy+1,yy+n+1);for(int i=1;i<=n;i++) {p[i].x=lower_bound(xx+1,xx+n+1,p[i].x)-xx;p[i].y=lower_bound(yy+1,yy+n+1,p[i].y)-yy;}sort(p+1,p+n+1);cdq(1,n);printf("%lld\n",ans);return 0; } View Code

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不管怎么說，bzojSolved數終于突破兩位數了，留戀一下，可喜可賀可喜可賀。

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轉載于:https://www.cnblogs.com/Achenchen/p/8080789.html

總結

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