LintCode 600

包裹黑色像素點的最小矩形

題目描述

一個由二進制矩陣表示的圖，0 表示白色像素點，1 表示黑色像素點。黑色像素點是聯(lián)通的，即只有一塊黑色區(qū)域。像素是水平和豎直連接的，給一個黑色像素點的坐標 (x, y) ，返回囊括所有黑色像素點的矩陣的最小面積。

樣例 1輸入：["0010","0110","0100"]，x=0，y=2輸出：6解釋：矩陣左上角坐標是(0, 1), 右下角的坐標是(2, 2)樣例 2輸入：["1110","1100","0000","0000"], x = 0, y = 1輸出：6解釋：矩陣左上角坐標是(0, 0), 右下角坐標是(1, 3)

算法：二分

解題思路

關(guān)于BFS和DFS

BFS和DFS的做法就是遍歷這個黑色像素連通塊，得到各個方向上的坐標極值，時間復(fù)雜度O(K)，K為黑色像素點個數(shù)，這種做法在黑色像素點數(shù)量巨大時效率極低。

另外關(guān)于BFS和DFS如何選擇，這里建議使用BFS，因為DFS會占用大量的系統(tǒng)棧，空間復(fù)雜度上要劣于BFS

下面我們來介紹一種在大部分情況下空間和時間上均優(yōu)于DFS和BFS的算法——二分。

算法思路

• 二分找到四個方向上黑色像素點出現(xiàn)的坐標極值

代碼思路

• 這邊以二分最左側(cè)黑色像素為例

設(shè)置左指針為0，右指針為y，因為我們保證y列上存在黑色像素，最左側(cè)黑色像素所在列一定在y或者其左側(cè)

若mid所在列存在黑色像素，說明最左側(cè)黑色像素在mid列或者其左側(cè)，r = mid，否則l = mid

判斷l(xiāng)列是否存在黑色像素，若存在則left = l，否則left = r。注意一定要先判l(wèi)列，因為r可能存在黑色像素，但并不是最左側(cè)

• 以此類推繼續(xù)找到最右側(cè)，最上側(cè)，最下側(cè)的黑色像素所在列或行

• 計算面積(right - left + 1) * (bottom - top + 1)并將其返回

• 這里提一種優(yōu)化，找到最左處和最右處的黑色像素位置left和right后，在找最上和最下坐標時，對于行的判斷只需要掃描[row,left]到[row,right]即可。

復(fù)雜度分析

• 空間復(fù)雜度：O(1)

• 時間復(fù)雜度：O(MlogN+NlogM)(最壞情況)

最壞情況即只有一個黑色像素點，那么每次判斷列上或行上是否又黑色像素點需要掃描完整列或整行二分的做法當遇到黑色像素點很少且給出的矩陣很大時效率會變得極低，而此時BFS的效率會相對高很多

可行優(yōu)化

能否做到在任何情況下效率都顯得相對較高呢？我們可以設(shè)定一個閾值cnt，先進行BFS遍歷，當遍歷次數(shù)達到cnt時改用二分法進行計算。

public class Solution {

/**
* @param image: a binary matrix with '0' and '1'
* @param x: the location of one of the black pixels
* @param y: the location of one of the black pixels
* @return: an integer
*/

public int minArea(char[][] image, int x, int y) {
if (image == null || image.length == 0 || image[0].length == 0) {
return 0;
}

int n = image.length;
int m = image[0].length;
int l = 0, r = 0;
int left = 0, right = 0, top = 0, bottom = 0;
//二分最左側(cè)黑色像素坐標
l = 0;
r = y;
while (l + 1 < r) {
int mid = l + (r - l) / 2;
if (check_column(image, mid)) {
r = mid;
} else {
l = mid;
}
}
if (check_column(image, l)){
left = l;
}else{
left = r;
}
//二分最右側(cè)黑色像素坐標
l = y;
r = m - 1
while (l + 1 < r) {
int mid = l + (r - l) / 2;
if (check_column(image, mid)) {
l = mid;
} else {
r = mid;
}
}
if (check_column(image, r)) {
right = r;
}else{
right = l;
}
//二分最上側(cè)黑色像素坐標
l = 0;
r = x;
while (l + 1 < r) {
int mid = l + (r - l) / 2;
if (check_row(image, mid, left, right)) {
r = mid;
} else {
l = mid;
}
}

if (check_row(image, l, left, right)) {
top = l;
}else{
top = r;
}
//二分最下側(cè)黑色像素坐標
l = x;
r = n - 1;
while (l + 1 < r) {
int mid = l + (r - l) / 2;
if (check_row(image, mid, left, right)) {
l = mid;
} else {
r = mid;
}
}

if (check_row(image, r, left, right)) {
bottom = r;
}else{
bottom = l;
}
return (right - left + 1) * (bottom - top + 1);
}

//判斷列上是否存在黑色像素
private boolean check_column(char[][] image, int col) {
for (int i = 0; i < image.length; i++) {
if (image[i][col] == '1') {
return true;
}
}
return false;
}
//判斷行上是否存在黑色像素
private boolean check_row(char[][] image, int row ,int left ,int right) {
for (int j = left; j <= right; j++) {
if (image[row][j] == '1') {
return true;
}
}
return false;
}
}

總結(jié)

以上是生活随笔為你收集整理的dfs时间复杂度_吊打DFS和BFS，什么情况下可以用二分？的全部內(nèi)容，希望文章能夠幫你解決所遇到的問題。

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