題目描述

一個長度為 $n$ 的序列，每個位置為 $0$ 或 $1$ 兩種。現在給出 $m$ 個限制條件，第 $i$ 個限制條件給出 $x_i$ 、$y_i$ ，要求至少滿足以下兩個條件之一：

• 序列的前 $x_i$ 個位置中，恰好有 $y_i$ 個 $1$ ；
• 序列的后 $y_i$ 個位置中，恰好有 $x_i$ 個 $1$ ；

求有多少個序列滿足所有限制條件。答案可能很大，只需要輸出它對 $998244353$ 取模后的結果即可。

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題解

組合數+亂搞

顯然當 $x>y$ 時條件為前綴限制，$x<y$ 時條件為后綴限制。

既有前綴限制，又有后綴限制的情況下，我們枚舉總共1的個數，把后綴限制轉化為前綴限制。

如果所有限制均有 $x\ne y$ 則可以直接使用組合數計算。預處理組合數，單次計算的時間復雜度是 $O(n)$ 的。

當有 $x=y$ 時，顯然只需要考慮所有 $x=y$ 限制中 $x$ 最大的限制即可，總方案數為 滿足前綴+滿足后綴-滿足前綴和后綴。

時間復雜度 $O(n^2)$ 。

#include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #define N 1010 #define M 5010 #define mod 998244353 using namespace std; int n , ax[N] , ay[N] , at , bx[N] , by[N] , bt , c[M][M] , v[M]; int solve(int x) {int i , last = 0 , ans = 1;memset(v , -1 , sizeof(v));v[0] = 0 , v[n] = x;for(i = 1 ; i <= at ; i ++ ){if(v[ax[i]] != -1 && v[ax[i]] != ay[i]) return 0;v[ax[i]] = ay[i];}for(i = 1 ; i <= bt ; i ++ ){if(v[n - bx[i]] != -1 && v[n - bx[i]] != x - by[i]) return 0;v[n - bx[i]] = x - by[i];}for(i = 1 ; i <= n ; i ++ ){if(v[i] != -1){if(v[i] < v[last]) return 0;ans = 1ll * ans * c[i - last][v[i] - v[last]] % mod , last = i;}}return ans; } int main() {int T;scanf("%d" , &T);while(T -- ){at = bt = 0;int m , i , j , x , y , p = 0 , mx = 0 , ans = 0;scanf("%d%d" , &n , &m);for(i = 1 ; i <= m ; i ++ ){scanf("%d%d" , &x , &y) , mx = max(mx , min(x , y));if(x > y) ax[++at] = x , ay[at] = y;else if(x < y) bx[++bt] = y , by[bt] = x;else p = max(p , x);}c[0][0] = 1;for(i = 1 ; i <= n ; i ++ ){c[i][0] = 1;for(j = 1 ; j <= i ; j ++ )c[i][j] = (c[i - 1][j] + c[i - 1][j - 1]) % mod;}for(i = mx ; i <= n ; i ++ ){at ++ , ax[at] = ay[at] = p , ans = (ans + solve(i)) % mod;bt ++ , bx[bt] = by[bt] = p , ans = (ans - solve(i) + mod) % mod;at -- , ans = (ans + solve(i)) % mod , bt -- ;}printf("%d\n" , ans);}return 0; }

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轉載于:https://www.cnblogs.com/GXZlegend/p/8681422.html

總結

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